2025年福建省高考物理真題含答案案

2025年福建省物理真題一、單選題1.山崖上有一個風動石，無風時地面對風動石的作用力是F1，當受到一個水平風力時，風動石依然靜止，地面對風動石的作用力是F2，以下正確的是(

)

A.F2大于F1 B.F1大于F2

C.F12.某理想變壓器如圖甲，原副線圈匝數比4：1，輸入電壓隨時間的變化圖像如圖乙，R1的阻值為R2的2倍，則(

)

A.交流電的周期為2.5s B.電壓表示數為12V

C.副線圈干路的電流為R1電流的2倍 D.原副線圈功率之比為43.如圖所示，空間中存在兩根無限長直導線L1與L2，通有大小相等，方向相反的電流。導線周圍存在M、O、N三點，M與O關于L1對稱，O與N關于L2對稱且OM=ON，初始時，M處的磁感應強度為B1，O點磁感應強度為B2，現保持L1中電流不變，僅將A.B2-12B1 B.14.某種靜電分析器簡化圖如圖所示，在兩條半圓形圓弧板組成的管道中加上徑向電場。現將一電子a自A點垂直電場射出，恰好做圓周運動，運動軌跡為ABC，半徑為r。另一電子b自A點垂直電場射出，軌跡為弧APQ，其中PBO共線，已知BP電勢差為U，|CQ|=2|BP|，a粒子入射動能為Ek，則A.B點的電場強度E=Eker B.P點場強大于C點場強

C.b粒子在P點動能小于Q點動能 D.二、多選題5.春晚上轉手絹的機器人，手絹上有P、Q兩點，圓心為O，OQ=3OP，手絹做勻速圓周運動，則(

)A.P、Q線速度之比為1:3 B.P、Q角速度之比為3:1

C.P、Q向心加速度之比為36.核反應方程為H12H+H13HA.該反應有質量虧損 B.該反應為核裂變

C.n01n獲得的動能約為14MeV D.He7.空間中存在垂直紙面向里的勻強磁場B與水平向右的勻強電場E，一帶電體在復合場中恰能沿著MN做勻速直線運動，MN與水平方向呈45°，NP水平向右。帶電量為q，速度為v，質量為m，當粒子到N時，撤去磁場，一段時間后粒子經過P點，則(

)

A.電場強度為E=2mgq

B.磁場強度為B=2mgqv

C.NP8.傳送帶轉動的速度大小恒為1m/s，順時針轉動，物塊A，B中間有一根輕彈簧，A的質量為1kg，B的質量為2kg，A與傳送帶的動摩擦因數為0.5，B與傳送帶的動摩擦因數為0.25。t=0時，A速度為v0=2m/s，方向向右，B的速度為零。在t=t0A.在t=t02時，B的加速度大小大于A的加速度大小

B.t=t0時，B的速度為0.5m/s

C.三、填空題9.洗衣機水箱的導管內存在一豎直空氣柱，根據此空氣柱的長度可知洗衣機內的水量多少。當空氣柱壓強為p1時，空氣柱長度為L1，水位下降后，空氣柱溫度不變，空氣柱內壓強為p2，則空氣柱長度L2=

，該過程中內部氣體對外界

。(填做正功，做負功，不做功10.沙漠中的蝎子能感受來自地面震動的縱波和橫波，某波源同時產生縱波與橫波，已知縱波速度大于橫波速度，頻率相同，則縱波波長

橫波波長。若波源震動后，蝎子感知到來自縱波與橫波的振動間隔Δt，縱波速度v1，橫波速度v2，則波源與蝎子的距離為

。11.兩個點電荷Q1與Q2靜立于豎直平面上，于P點放置一檢驗電荷恰好處于靜止狀態，PQ1與Q1Q2夾角為30°，PQ1⊥PQ2，則Q1與12.(1)為測糖水的折射率與濃度的關系，設計如下實驗：某次射入激光，測得數據如圖，則糖水的折射率為

。

(2)改變糖水濃度，記錄數據如下表：n1.321.341.351.381.42η10%20%30%40%50%將30%的數據描點，并繪圖，求得糖水濃度每增加10%，折射率的增加值為

(保留兩位有效數字)。

四、計算題13.某運動員訓練為直線運動，其v-t(1)0-2s(2)44.2-46.2s(3)44.2-46.2s

14.如圖甲，水平地面上有A、B兩個物塊，兩物塊質量均為0.2kg，A與地面動摩擦因數為μ=0.25，B與地面無摩擦，兩物塊用彈簧置于外力F的作用下向右前進，F與位移x的圖如圖乙所示，P為圓弧最低點，M為最高點，水平地面長度大于4m。重力加速度g取10(1)求0～1m，F做的功；(2)x=1m時，A(3)要保證B能到達M點，圓弧半徑滿足的條件。15.光滑斜面傾角為θ=30°，Ⅰ區域與Ⅱ區域均存在垂直斜面向外的勻強磁場，兩區磁感應強度大小相等。正方形線框abcd質量為m，總電阻為R，同種材料制成且粗細均勻，Ⅰ區域長為L1，Ⅱ區域長為L2，兩區域間無磁場的區域長度大于線框長度。線框從某一位置釋放，cd邊進入Ⅰ區域時速度為v，且直到ab邊離開Ⅰ區域時速度均為v，當cd邊進入Ⅱ區域時的速度和(1)求線框釋放點cd邊與Ⅰ區域上邊緣的距離；(2)求cd邊進入Ⅰ區域時cd邊兩端的電勢差；(3)求線框進入Ⅱ區域到完全離開過程中克服安培力做功的平均功率。

答案和解析1.【答案】A

【解析】風動石在兩種情況下都處于靜止狀態，即平衡狀態。在無風時，風動石受到重力G和地面對它的作用力F1，這兩個力平衡，所以F1=G。當受到水平風力時，風動石受到重力G、水平風力F風和地面對它的作用力F2，這三個力平衡。地面對風動石的作用力F2與重力G和水平風力F風的合力大小相等、方向相反。則F2大于F1，A正確，BC錯誤。

D選項無論風力大小如何，2.【答案】B

【解析】A.由圖像可知交流電的周期為2.25s，故A錯誤；

B.由圖像可知輸入電壓有效值為U1=48V，則n1n2=U1U2=4，故電壓表示數為12V，B正確；

C.R1的阻值為R2的2倍，兩者并聯，故R2電流為3.【答案】B

【解析】由對稱性可知，L1在O、M點及L2在O、N點的磁感應強度的大小相等，設為B3;

同理，L1在N點與L2在M點的磁感應強度的大小相等，設為B4;

由安培定則可知，O點的磁感應強度，B2=2B3，M點的磁感應強度，B1=B3-B44.【答案】D

【解析】A.a粒子入射動能為Ek，根據動能的表達式有Ek=12mva2，粒子恰好做圓周運動，則eE=mva2r，聯立解得E=2Eker，故A錯誤；

B.由圖可知，P點電場線密度較稀疏，則場強小于C點場強，故B錯誤；

C.已知|CQ|=2|BP|，因為BC在同一等勢線上，且沿電場方向電勢降低，則Q點電勢小于P點，電子在電勢低處電勢能大，則b粒子在Q點電勢能大，根據能量守恒可知，b粒子在Q點動能較小，故C錯誤；

D5.【答案】AD

【解析】B.P、Q兩點圍繞O點做同軸轉動；則兩者角速度相等，故B錯誤；

AC.線速度v=ωr，故P、Q線速度之比為1:3，A正確，向心加速度a=ω2r，P、Q向心加速度之比為1:3，C錯誤；

D.6.【答案】AC

【解析】A.核反應過程中質量數守恒，但質量是有虧損的，A正確；

B.該反應是核聚變反應，B錯誤；

CD.在真空中，該反應滿足動量守恒定律，由于相撞前氘核與氚核動量大小相等，方向相反，系統總動量為零。故反應后氦核與中子的動量也大小相等，方向相反。由動能和動量的關系式Ek=p22m，得反應粒子獲得的動能之比為EknEkHe=mHemn7.【答案】BC

【解析】AB.由題意可知，未撤磁場之前，帶電體在復合場中恰能沿著MN做勻速直線運動，可知帶電體受力情況如圖1所示。

帶電體勻速運動，受力平衡可知mg=qE，解得電場強度E=mgq，磁感應強度B=2mgqv，故A錯誤，B正確。

C.當粒子到N撤去磁場后，粒子所受合力方向與運動方向垂直，做類平拋運動，如圖2所示。

且加速度a=F合m=2g，粒子到達P點時，位移偏轉角為45°，故在P點，速度偏轉角的正切值tanθ=2tan45°=2，所以粒子在P點的速度vP=vx2+v8.【答案】BD

【解析】對物塊受力分析可知摩擦力fA=fB=μmg=5N，其中A所受摩擦力方向向左，B所受摩擦力方向向右，AB彈簧系統所受外力為零，故系統動量守恒，mAv0=mAv1+mBv2，在t=t0時，A與傳送帶第一次共速，則v1=1m/s，解得此時B的速度為v2=0.5m/s；B正確；

AB物塊0-t0運動過程中，aA=fA+F彈mA；aB=fA+F9.【答案】p做正功

【解析】(1)設空氣柱體積為V、橫截面積為S，

對于等溫過程，由玻意耳定律，有p1V1=p2V210.【答案】大于v

【解析】(1)由于縱波和橫波的頻率相同，由波長、波速即頻率的關系λ=vf可知，縱波的波長大于橫波的波長；

(2)設波源與蝎子的距離為S，則有：11.【答案】不存在

【解析】(1)根據幾何關系設PQ2=r，則PQ1=3r，對檢驗電荷進行受力分析，可得tan30°=FQ1FQ2

由庫侖定律可知，FQ1=kqQ12.【答案】L0.025

【解析】(1)設入射角為i，折射角為r，由幾何關系有sini=L1L12+h12，sinr=L13.【答案】由v-t圖可得

(1)0-2s內的平均速度v=2.8+2.02m/s=2.4m/s，方向與正方向相同；

(【解析】詳細解答過程見【答案】。14.【答案】(1)在0～1m內，力F做功為WF=Fx=1.5×1J=1.5J

(2)設兩物塊的質量均為m，將AB視作整體，由牛頓第二定律有F-f=2ma，其中f=μmg

設AB之間的彈力為FAB，對物塊B，由牛頓第二定律有FAB=ma

聯立解得：FAB=F-μmg2=0.5N

(3)當AB之間的彈力FAB=0時，二者將分離，由FAB=F-μmg2可知，此時F=0.5N，x=3m

在0～3m內，F-x圖線與橫軸所圍面積表示做功多少，即WF=1.5×1J+(0.5+1.5)×(3-1)2J=3.5J

對AB【解析】本題綜合考查功的計算以及豎直面圓周運動的臨界問題，應用圓周運動規律、牛頓第二定律以及動能定理，結合整體法、臨界法進行分析求解。15.【答案】(1)線框進入Ⅰ區域前，做勻加速直線運動，其加速度a=gsinθ

則求線框釋放點cd邊與Ⅰ區域上邊緣的距離s=v22a=v